Uma pergunta além: você quer saber quantas casas foram atingidas ao
final do percurso, certo? No seguinte sentido:

No primeiro passo, ele pode atingir até 4 casas. Na segunda, estas 4
casas não contam mais, mas apenas os lugares a partir do qual elas
chegam.

Em 19/02/14, Benedito<[email protected]> escreveu:
> OK Bernado.
> Vou dar uma olhada.
> Obrigado.
> Benedito
>
> -----Mensagem original-----
> De: [email protected] [mailto:[email protected]] Em nome
> de Bernardo Freitas Paulo da Costa
> Enviada em: terça-feira, 18 de fevereiro de 2014 18:00
> Para: Lista de E-mails da OBM
> Assunto: Re: [obm-l] Problema do Cavalo
>
> 2014-02-18 14:30 GMT-03:00 Benedito <[email protected]>:
>>
>> É infinito nos quatro quadrantes, que é para permitir muitos movimentos.
>>
>> De: [email protected] [mailto:[email protected]] Em
>> nome de terence thirteen Enviada em: segunda-feira, 17 de fevereiro de
>> 2014 08:16
>> Para: obm-l
>> Assunto: Re: [obm-l] Problema do Cavalo
>>
>> Ele é infinito nos quatro quadrantes?
>>
>> Eu tentaria algo como construir um grafo infinito, mas vou pensar
>> antes...
>
> Eu tenho uma idéia de solução no braço. Supondo que a questão seja:
> "Qual é o número de casas diferentes em que um cavalo pode terminar uma
> seqüência de N movimentos". Assim, para n = 1, temos 8 casas (brancas), e
> para n = 2 temos 33 casas (pretas, incluindo a casa preta original!).
>
> Para n maior, a seqüência fica assim (feito num computador, na marra):
>
> 8; 33; 76; 129; 196; 277; 372; 481; 604; 741; 892; 1057; 1236; 1429; ...
>
> Agora, vem o chute principal (que é o que vai ajudar a gente a fazer
> indução): Calcule as diferenças sucessivas dos elementos! Isso dá:
>
> 25; 43; 53; 67; 81; 95; 109; 123; 137; 151; 165; 179; 193; ...
>
> Ainda não parece bom ? Não tem problema... Mais uma vez, faça as
> diferenças:
>
> 18; 10; 14; 14; 14; 14; 14; 14; 14; 14; 14; 14; ...
>
> Ahhhhhhhhhhhhh ! Parece que é uma PA de segunda ordem, a partir de um certo
> ponto...
>
> Vamos entender essa idéia. No "longo prazo", o cavalo vai se afastando do
> centro, e portanto ele pode cobrir uma área no máximo proporcional a N^2.
> Isso por si só já justifica tentar achar uma PA de segunda ordem. O que é
> interessante é que a parte perto do centro (depois do início, onde ainda há
> um monte de buracos meio aleatórios) estará completamente coberta depois de
> um certo tempo, e o que interessa é o que acontece nas "coroas". Agora, tem
> que justificar que as coroas têm uma espessura constante depois de passada
> a
> parte "transiente"
> inicial.
>
> Como eu usei um computador, e posso calcular mais do que n = 10 (por
> exemplo
> n = 100) e os 14 continuam até esse ponto. Para mim, isso é mais do que
> suficiente para eu ter certeza que a resposta é essa, mas admito que falta
> um argumento garantindo que "basta observar um número finito de passos"
> para
> acertar a recorrência. Eu diria que, como um cavalo "completa" a vizinhança
> do ponto inicial (o 3x3 em volta da
> origem) em uma quantidade finita de passos (basta chegar na profundidade 3
> do grafo do Torres) a recorrência não pode ser de ordem muito maior do que
> isso. Para melhorar, veja que a partir de 3 passos, o que temos é um
> octógono, TODO preenchido, dos quadrados brancos (que são os únicos em que
> o
> cavalo pode estar!). Daí pra frente, não é difícil ver que a cada etapa
> teremos um octógono com lado aumentando de 1 a cada vez. Veja também que a
> partir do 3o termo da segunda diferença, só tem 14. Não é coincidência.
>
> Agora, eu deixo a indução para você completar!
>
> Abraços,
> --
> Bernardo Freitas Paulo da Costa
>
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> Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e  acredita-se estar
> livre de perigo.
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Torres

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 acredita-se estar livre de perigo.


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